哈尔滨市中考物理试卷答案解析(2)
哈尔滨市中考物理试卷非选择题答案解析
13.哈尔滨的端午节赛龙舟时，龙舟上发出的阵阵鼓声是由于鼓面的 振动 产生的;鼓声通过 空气 传到观众处.
【考点】91：声音的产生;92：声音的传播条件.
【分析】声是由于物体振动产生的，振动停止，发声停止;声音的传播需要介质，气体、液体、固体都可以传声.
【解答】解：
鼓声是由于鼓面振动产生的.听到的鼓声主要是通过空气传到人耳.
故答案为：振动;空气.
【点评】本题考查了声音的产生和传播，属于基础题.
14.小明由于经常玩手机，经检查眼睛有些近视，应利用 凹 透镜矫正;手机之间利用 电磁波 传递信息(选填“电磁波”或“声波”).
【考点】BA：近视眼的成因与矫正办法.
【分析】掌握近视眼的成因是解答本题的关键，近视眼是由于人眼晶状体变凸，焦距变短，会聚能力增强.
移动通信都是利用电磁波来传递信息的
【解答】解：近视眼是由于人眼的晶状体变凸，会聚能力增强，像呈在视网膜的前方，故应佩戴发散透镜即凹透镜进行矫正，使光线发散后成像在视网膜上.
手机既是电磁波的发射台也是电磁波的接受台，所以手机之间是利用电磁波来传递信息的.
故答案为：凹;电磁波.
【点评】本题主要考查学生对近视眼的成因与矫正方法的认识和了解以及电磁波的应用，是一道基础题
15.使用刻度尺之前，要观察 量程 、分度值及零刻度线在哪里.如图，被测木块的长度为 1.70 cm.
【考点】64：长度的测量.
【分析】(1)刻度尺在测量之前，要观察其量程、分度值和零刻度线;
(2)使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度;起始端没有从0刻度线开始的，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度;注意刻度尺要估读到分度值的下一位.
【解答】解：
(1)使用刻度尺之前，要注意观察刻度尺的零刻度线的位置，是否磨损;还要观察刻度尺的分度值和量程;
(2)图中刻度尺上1cm之间有10个小格，一个小格的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值为0.1cm;木块左侧与0.00cm对齐，右侧与1.70cm对齐，所以木块的长度为L=1.70cm.
故答案为：量程;1.70.
【点评】此题考查的是刻度尺的分度值和读数，刻度尺是物理实验和日常生活中经常的测量工具，要熟练掌握其使用和读数方法.
16.如图所示是四冲程汽油机工作时的压缩冲程，此过程中通过 做功 方式使汽缸内燃料混合物的内能 增大 (选填“增大”或“减小”).
【考点】GM：内燃机的四个冲程.
【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递，热传递和做功都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移.
【解答】解：
在汽油机的压缩冲程中，压缩燃料混合物，对其做功，使燃料混合物的内能增加、温度升高，是通过做功的方式改变内能.
故答案为：做功;增大.
【点评】了解汽油机压缩冲程中的能量转化，知道做功和热传递改变物体内能的区别，能结合实例进行分析，是解答的关键.
17.将硫酸铜溶液注入水的下方，可以看到清水与硫酸铜溶液之间有明显的界面，如图甲.静置20日后，如图乙，这是 扩散 现象，说明液体分子 在永不停息地做无规则运动 .
【考点】GW：扩散现象.
【分析】不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明了分子在不停的做无规则运动.
【解答】解：
在量筒里装入的清水和蓝色的硫酸铜溶液之间有明显的界面，静置几天后，界面变模糊了，这属于扩散现象，说明一切物体分子都在永不停息地做无规则运动.
故答案为：扩散;在永不停息地做无规则运动.
【点评】本题主要考查学生对扩散现象的理解和掌握，是中考的热点，属于基础题目.
18.一个杯里装有200mL牛奶，其中牛奶的质量是210g，那么牛奶的密度是 1.05 g/cm3;小聪喝了半杯，剩余半杯牛奶的密度 不变 (选填“变大”、“不变”或“变小”).
【考点】2A：密度的计算.
【分析】(1)知道牛奶的体积和质量，根据ρ= 求出牛奶的密度;
(2)密度是物质本身的一种特性，与物体的质量和体积的大小无关.
【解答】解：牛奶的体积：
V=200mL=200cm3，
牛奶的密度：
ρ= = =1.05g/cm3，
因密度是物质本身的一种特性，与物体的质量和体积的大小无关，
所以，小聪喝了半杯，剩余半杯牛奶的密度仍为1.05g/cm3不变.
故答案为：1.05;不变.
【点评】本题考查了密度的计算和密度的特性，要注意单位的换算，是一道基础题目.
19.如图所示，杠杆水平放置且自重忽略不计，O是支点，左侧挂一重物，动力F1大小为3N，整个装置处于静止状态，则物体的重力为 6 N.此时杠杆属于 省力 杠杆(选填“省力”或“费力”).
【考点】7N：杠杆的平衡条件;7O：杠杆的分类.
【分析】设杠杆上每一个格的长度为L，由图可知重物和动力的力臂，根据杠杆的平衡条件求出物体的重力，比较重物的力臂和动力的力臂关系判断杠杆的分类.
【解答】解：设杠杆上每一个格的长度为L，则重物的力臂LG=2L，动力的力臂LF=4L，
由杠杆的平衡条件可得：G•LG=F1•LF，
则物体的重力G= F1= ×3N=6N，
因LG
所以，此时杠杆属于省力杠杆.
故答案为：6;省力.
【点评】本题考查了杠杆平衡条件的应用和杠杆的分类，是一道较为简单的应用题.
20.用如图所示的两个相同装置，同时给质量相同的水和铁砂加热，升温较慢的物质是 水 ，因为它的 比热容 较大.
【考点】GD：比热容的概念.
【分析】比热容是描述物质吸放热本领的物理量.在目前已知物质中，水的比热容最大;
相同的加热设备，相同时间为不同液体提供的热量相同.在质量和吸收的热量相同时，物质升高的温度与比热容成反比.
【解答】解：
用两个相同装置，同时给质量相同的水和铁砂加热，两种物质相同时间吸收的热量相同.
因为水的比热容大于铁砂，由公式△t= 知，升温较慢的物质是水.
故答案为：水;比热容.
【点评】此题考查了水的比热容较大的特点和热量变形公式的应用，是一道热现象的基础题，难度较小，容易解答.
21.已知天然气的热值为4×107J/m3.完全燃烧0.3m3的天然气，放出的热量为 1.2×107 J.用天然气给水加热至沸腾后继续加热，水的温度将 不变 .
【考点】GG：热量的计算.
【分析】知道天然气的热值和体积，根据Q放=qV求出天然气完全燃烧放出的热量;水沸腾的特点是达到沸点后，继续加热温度不变.
【解答】解：完全燃烧0.3m3的天然气，放出的热量：
Q放=qV=4×107J/m3×0.3m3=1.2×107J;
水沸腾的特点是达到沸点后，继续加热、水的温度不变.
故答案为：1.2×107;不变.
【点评】此题主要考查的是学生对热值计算公式和液体沸腾特点的理解和掌握，难度不大.
22.如图所示，电阻R=55Ω，当闭合S1、S2时，通过电阻R的电流为 4 A，电路消耗的总功率为1000W.当只闭合S2时，电动机消耗的电功率为 120 W.
【考点】IH：欧姆定律的应用;JA：电功率的计算.
【分析】当闭合S1、S2时，定值电阻R与电动机M并联，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过电阻R的电流，根据P=UI求出R的电功率，电路的总功率减去R的电功率即为电动机的功率;当只闭合S2时，电路为电动机M的简单电路，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知电动机消耗的电功率.
【解答】解：当闭合S1、S2时，定值电阻R与电动机M并联，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，通过电阻R的电流：
I= = =4A;
电阻R的电功率：
PR=UI=220V×4A=880W，
因电路的总功率等于各用电器功率之和，
所以，电动机消耗的功率：
PM=P﹣PR=1000W﹣880W=120W;
当只闭合S2时，电路为电动机M的简单电路，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，电动机消耗的电功率仍为120W.
故答案为：4;120.
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意并联电路中各支路独立工作、互不影响特点的应用.
23.如图，一个物体静止在水平面上，O为它对水平面压力的作用点，请画出压力的示意图.
【考点】6H：力的示意图.
【分析】物体位于水平面上时，压力和重力的大小、方向都相同，都是竖直向下的.
【解答】解：图中，作用点已画出，物体静止在水平面上，对水平面的压力大小等于重力，方向是竖直向下的，如下图：
【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点;
24.图示为通电螺线管，请标出A点的电流方向，并在螺线管外画出经过B点的磁感线.
【考点】CA：通电螺线管的磁场;C7：磁感线及其特点.
【分析】知道螺线管的NS极，由安培定则可知通电螺线管的电流方向.进而根据磁感线的特点可以确定磁感线的方向.
【解答】解：螺线管右侧为S极，左侧为N极，由安培定则可知螺线管中电流由右侧流入，左侧流出，所以A点的电流方向为向上;
磁感线在磁体的周围从N极出发回到S极，所以B点磁感线的方向向右.如下图：
【点评】本题考查安培定则及磁感线的方向，要求学生能熟练应用安培定则判断磁极或电流方向.
25.小明和小聪在探究光的反射规律，实验装置如图所示.
(1)∠FON是 反射 角(选填“入射”或“反射”).
(2)一束光沿EO射到镜面，在纸板上会看到反射光OF.若沿着FO的方向再入射一束光，它的反射光沿OE方向射出，此现象说明 在反射现象中，光路是可逆 .
(3)在研究反射角和入射角的关系时，收集数据如下表：
入射角 反射角
30° 30°
小明分析表中数据，得出 反射角等于入射角 的结论.
小聪说，此结论不具有普遍性.请指出实验中的不足并加以改进 不足：只测量了一组入射角及对应的反射角的大小;改进：多次改变入射角的大小，测量并分析对应的反射角和入射角的大小，得出普遍规律 .
【考点】A7：光的反射定律.
【分析】(1)入射光线与法线的夹角是入射角，反射光线与法线的夹角是反射角.
(2)光在反射时光路是可逆的.
(3)一次实验具有很大的偶然性，应当改变入射角进行多次实验.
【解答】解：(1)由图可知，∠FON是反射光线与法学的夹角，故∠FON是反射角;
(2)如果让光沿FO方向射到镜面，会发现反射光沿OE方向射出，这表明在反射现象中，光路是可逆的;
(3)分析表中数据，可得出反射角等于入射角的结论;
此结论不具有普遍性，实验中的不足：只测量了一组入射角及对应的反射角的大小;改进：多次改变入射角的大小，测量并分析对应的反射角和入射角的大小，得出普遍规律.
故答案为：(1)反射;(2)在反射现象中，光路是可逆的;(3)反射角等于入射角;不足：只测量了一组入射角及对应的反射角的大小;改进：多次改变入射角的大小，测量并分析对应的反射角和入射角的大小，得出普遍规律.
【点评】本题考查了探究光的反射的实验.光的反射遵循反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角.
26.实验小组要探究二力平衡条件.实验中每个钩码重力相同，摩擦力忽略不计.
(1)如图甲装置，当左右两端同时各挂两个钩码时，小车静止，此时F1、F2的方向 相反 ，大小 相等 ;当左右两端同时取下一个钩码时，如图乙，小车仍静止，此时F3 等于 F4;当右端再挂上一个钩码时，如图丙，小车将做变速运动，此时F5 小于 F6.
(2)在图甲实验的基础上，将小车扭转一个角度，松手后，观察小车的情况，这样做可以探究什么问题?
(3)对比甲、乙、丙三次实验，当小车静止时，水平方向上受到两个力的大小关系如何?还能看出小车受非平衡力作用时，运动状态将怎样?
【考点】6P：二力平衡的概念.
【分析】(1)先判断物体的运动状态，再根据运动状态判断力的大小，物体如果在两个力的作用下静止或匀速直线运动，那么这两个力平衡，大小相等、方向相反、作用在同一直线上.
(2)小车片转过一个角度，不满足二力平衡的条件，不能平衡;设计此实验步骤的目的是探究平衡力是否在同一直线上;
(3)二力平衡条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用在同一物体上.
【解答】解：(1)根据二力平衡的条件可知，图甲小车静止，此时F1、F2的方向相反，大小相等;图乙小车仍静止，此时F3等于F4;图丙当右端再挂上一个钩码时，小车做变速运动，此时F5小于F6.
(2)图甲实验的基础上，将小车扭转一个角度，力的方向不在一条直线上，松手后小车会发生转动，这样做可以探究作用在同一物体上但不在同一直线上的两个力，能否平衡?
(3)对比甲、乙、丙三次实验可知，当小车静止时，水平方向上受到两个力的大小相等;由图丙可知，小车受非平衡力作用时，运动状态将改变.
故答案为：(1)相反;相等;等于;小于;(2)作用在同一物体上但不在同一直线上的两个力，能否平衡?(3)大小相等;运动状态将改变.
【点评】此题考查了探究二力平衡实验中需要注意问题及实验中的一些重要步骤，牢固掌握二力平衡的四个条件是关键.此题考查比较全面，是一道基础题.
27.某小组研究小灯泡电功率，小灯泡额定电压为2.5V，电源电压恒定不变，有规格为“10Ω 2A”和“20Ω 2A”的滑动变阻器各一个.
次数 电压表示数/V 电流表示数/A 电功率/W 灯泡亮度
1 2.5 0.30 较亮
2 3 0.32 0.96 很亮
3 2 0.26 0.52 稍亮
(1)如图甲所示，选用“10Ω 2A”规格的滑动变阻器进行实验.连接电路时，需将滑动变阻器的滑片P置于 A (填“A或“B)端，其目的是 保护电路 .
(2)接着用开关迅速试触，灯泡发光，电压表示数如图乙，此时灯泡两端电压为 2.8 V.为了使灯
泡正常发光，接下来的操作是： 断开开关，用“20Ω2A”替换“10Ω 2A”的滑动变阻器，并调节滑片P到接入电路的阻值最大处;闭合开关，调节滑片P，直至观察到电压表示数为2.5V; .
(3)实验中收集信息如上表.分析表格中信息可得，
①小灯泡额定功率为 0.75 W;
②在电路安全范围内，小灯泡两端实际电压越大，消耗的电功率 越大 ，灯泡越亮.
【考点】JF：电功率的测量.
【分析】(1)根据闭合开关前滑动变阻器的滑片P应该置于A端，滑动变阻器的阻值最大，可起到保护电路的作用;
(2)先确定电压表的量程和分度值，而后据电压表的示数读数即可;在额定电压下灯泡的功率为额定功率，根据题意与电路图判断滑片的移动方向;
(3)①由表格，读出电流表示数，然后由P=UI求出灯泡的额定功率;
②由电功率进行比较可得结论.
【解答】解：(1)由闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于A端，使滑动变阻器的阻值最大，其目的是为了保护电路;
(2)由图乙可知，电压表量程“0～3V“，分度值0.1V，电压表示数为2.8V大于于灯泡额定电压，为测灯泡额定电压，由电路图根据串联电路的分压原理可知，应向右移动滑片，使电压表示数等于灯泡额定电压2.5V，而此时滑动变阻器在阻值最大端，故应，断开开关，用“20Ω 2A”替换“10Ω 2A”的滑动变阻器，并调节滑片P到接入电路的阻值最大处;闭合开关，调节滑片P，直至观察到电压表示数为2.5V;
(3)①由表格可知，电流表示数为0.3A，
此时灯泡正常发光，即灯泡两端电压U=2.5V，
所以灯泡额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W.
②由表格可知，在电路安全范围内，小灯泡两端实际电压越大，消耗的电功率越大，灯泡越亮.
故答案为：(1)A;保护电路;(2)2.8;断开开关，用“20Ω 2A”替换“10Ω 2A”的滑动变阻器，并调节滑片P到接入电路的阻值最大处;闭合开关，调节滑片P，直至观察到电压表示数为2.5V;(3)①0.75;②越大.
【点评】本题考查了实物连接、滑动变阻器的作用、调节、电表读数、求灯泡额定功率等;是一道综合题.
28.在家庭实验室，小聪学习使用电熨斗，如图为一款有高温、低温两档的家用电熨斗，部分参数见下表.
额定电压 220V
高温档额定功率 1500W
低温档额定功率 500W
整体质量 1.2kg
请回答：
(1)电熨斗平放在水平桌面上，它与桌面的接触面积为9.8×10﹣3m2，则电熨斗对桌面的压强有多大?(g=9.8N/kg)
(2)使用高温档时，通过电熨斗的电流是多少?(结果保留一位小数)
(3)电烫斗在一次使用中，高温档工作累计30min，低温档工作累计15min，求此次使用中一共消耗多少电能?
【考点】86：压强的大小及其计算;J8：电功率与电能、时间的关系;J9：电功率与电压、电流的关系.
【分析】(1)电熨斗平放在水平桌面上，对桌面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，又知道它与桌面的接触面积，根据p= 求出电熨斗对桌面的压强;
(2)根据P=UI求出使用高温档时通过电熨斗的电流;
(3)根据W=Pt求出高温档和低温档消耗的电能，两者之和即为此次使用中一共消耗的电能.
【解答】解：(1)电熨斗平放在水平桌面上，对桌面的压力：
F=G=mg=1.2kg×9.8N/kg=11.76N，
电熨斗对桌面的压强：
p= = =1200Pa;
(2)由P=UI可得，使用高温档时通过电熨斗的电流：
I= = ≈6.8A;
(3)由P= 可得，此次使用中一共消耗的电能：
W=W高+W低=P高t高+P低t低=1500W×30×60s+500W×15×60s=3.15×106J.
答：(1)电熨斗对桌面的压强为1200Pa;
(2)使用高温档时，通过电熨斗的电流是6.8A;
(3)此次使用中一共消耗3.15×106J的电能.
【点评】本题考查了压强公式和电功率公式、电功公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等以及从表格中获取有用的数据.
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